资料简介
八下期中卷1一、填空题（每小题3分，共30分）1．（3分）（2013春•吴江区校级期中）电在家庭中不可缺少，你家中的电视机工作时的电压是 V，同学们使用的单放机的电压是6V，它需要 节干电池 联使用。2．（3分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示，灯泡L1和L2串联在电路中，那么三个电表甲、乙、丙分别是：甲是 表，乙是 表，丙是 表。3．（3分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示，当S1闭合、S2断开时，电压表的示数是2.5V；当S1断开、S2闭合时，电压表的示数是6V，则灯L1两端的电压是 V，L2两端的电压是 V，电源电压是 V。4．（3分）（2013春•吴江区校级期中）小明想得到一个12Ω的电阻，而手边只有2Ω、10Ω、20Ω、30Ω的电阻各一个，你认为可以选其中的 Ω和 Ω的电阻 联可以获得12Ω的电阻。5．（3分）（2013春•吴江区校级期中）6.4mV= V．600Ω= MΩ。6．（3分）（2012•淄博校级二模）在如图所示的电路中，电源电压为3V，开关闭合后，电流表和电压表的读数分别是0.10A和2.0V，则通过R2的电流是 A，R2两端的电压是 V，R1的电阻是 Ω。7．（3分）（2013春•吴江区校级期中）某温度下，两个电阻元件A和B中的电流与其两端的电压关系如图所示，由图可知，电阻元件中A的阻值是 Ω，B的阻值是 Ω，A和B并联后的总电阻是 Ω。8．（3分）（2004秋•朝阳区期末）加在某导体两端的电压是6V，通过这个导体的电流是0.5A，这个导体的电阻是 Ω，若在这个导体两端加12V电压，它的电阻是 Ω9．（3分）（2013春•吴江区校级期中）某白炽灯上标有“220V40W”字样，该灯泡正常工作时，通过灯丝的电流是 A，灯丝的电阻是 Ω，正常工作 h消耗1度电。
10．（3分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示，L为“6V3W”的小灯泡，电源电压为9V，当L正常发光时，通过他的电流是 A，所串联的电阻的阻值是 Ω，每分钟产生的热量是 J。 二、选择题（每小题2分，共20分）11．（2分）（2013春•吴江区校级期中）一根锰铜线电阻为R，要使这根连入电路的导线电阻变大，采取的措施是（ ）A．减小导线两端的电压B．增大导线中的电流C．将导线拉长后连入电路D．将导线对折后连入电路12．（2分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示是用电压表测L1两端电压的电路图，其中正确的是（ ）A．B．C．D．13．（2分）（2013春•吴江区校级期中）如图是滑动变阻器的简图，它有四个接线柱，使用时只需接入两个，因此有几种接法，其中不能改变电阻大小并且可能损坏仪器的接法是（ ）A．接a和dB．接b和cC．接a和bD．接c和d14．（2分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示的电路图中，电源电压为24V，R1=R2=120Ω，当S闭合后两电流表的示数均为0.2A，出现这种现象的原因是（ ）A．R2短路B．R2断路C．R1短路D．R1断路15．（2分）（2013春•吴江区校级期中）在图的电路中，电源电压不变，S闭合，当P向右移动时，下列判断正确的是（ ）
A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．两表示数都变大D．两表示数都变小16．（2分）（2012•巴中）如图所示，V1和V2是完全相同的两个电压表，都有3V和15V两个量程，闭合开关后，发现两个电压表偏转的角度相同，则（ ）A．R1：R2=1：4B．R1：R2=4：1C．R1：R2=1：5D．R1：R2=5：117．（2分）（2010春•重庆校级期末）某同学做实验时，如图连接电路，闭合开关后，灯泡正常发光，但电流表指针不动，电压表读数正常，那么有可能是（ ）A．电流表已被烧坏，致使电路不通B．电流表完好，但未与导线接牢C．灯L的灯座接线处短路D．电流表接线处碰线（电流表被短路）18．（2分）（2012春•兴安盟期末）根据欧姆定律可导出公式R=，下列说法中正确的是（ ）A．导体的电阻与导体两端电压成正比B．导体的电阻与导体中的电流成反比C．导体的电阻与导体两端的电压成正比，又与导体中的电流成反比D．导体的电阻与本身的材料和属性有关，与电压、电流无关19．（2分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示，开关S闭合后，移动滑片P，下列物理量中大小发生改变的是（ ）A．小灯泡的额定功率B．小灯泡的额定电流C．小灯泡的实际功率D．电源电压20．（2分）（2013春•吴江区校级期中）将一台“220V100W”的电风扇和一把“220V100W”的电烙铁分别接在220V的电源上，在相同的时间内产生的热量（ ）A．电烙铁较多B．电风扇较多C．一样多D．不能确定 三、作图题（每小题6分，共12分）21．（6分）（2013春•吴江区校级期中）如图是研究串联电路电压关系时，用电压表测电阻两端的电压的实物图V1和V2分别测R1和R2两端的电压：（1）指出图中的错误：
（2）画出改正后的电路图22．（6分）（2013春•吴江区校级期中）九（1）班有四盏白炽灯，两个插座请你画出这个班级的连接电路。 四、实验探究题（每小题9分，共18分）23．（9分）（2013春•吴江区校级期中）如图是小明用电压表和电流表测2.5V小灯泡正常发光时电阻的电路（1）该实验的原理是 （2）该实验电压表选的量程是 ，电流表选的量程是 。（3）闭合开关，电压表的示数如图所示，为了测出2.5V小灯泡正常发光时的电阻，滑动变阻器的滑片应向 端移动，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图所示，则灯泡的电阻是 Ω。24．（9分）（2013春•吴江区校级期中）在“测小灯泡的额定功率”（额定电压为2.5V）的实验中：（1）要测出三组电压值和电流值，目的是 （2）下表是“测小灯泡功率”时的记录数据，由此可知，小灯泡的额定功率是 W。电压电流130.2522.50.22320.20（3）由欧姆定律我们可以求出小灯泡的电阻值，那么从表中求出的小灯泡的电阻一样吗？为什么？ 五、综合运用题（每小题10分，共20分）25．（10分）（2012春•商城县校级期末）如图所示电路中，已知R1=40Ω，R2=10Ω．当开关闭合后，通过电流表示数为0.3A。求：（1）电阻R1两端电压；（2）通过电阻R2的电流；（3）通过电路的总电流；（4）电路的总电阻；
（5）R1，R2各自的电功率。26．（10分）（2013春•吴江区校级期中）阳光牌电水壶的铭牌如表所示：阳光牌电水壶型号LRDH9913额定电压220V额定功率1500W最大水量1kg频率50Hz（1）电水壶在额定电压下工作时的电流是多少？（2）此电水壶正常工作5min消耗多少电能？（3）若实际电压只有110V，则电水壶的实际功率是多少？（不考虑温度对电阻的影响）
参考答案与试题解析一、填空题（每小题3分，共30分）1．（3分）（2013春•吴江区校级期中）电在家庭中不可缺少，你家中的电视机工作时的电压是 220 V，同学们使用的单放机的电压是6V，它需要 4 节干电池 串 联使用。【分析】家庭电路的电压为220V，串联电池组的总电压等于各串联电池的电压之和。据此分析回答。【解答】解：家中的电视机工作时的电压是220V；因为一节干电池的电压为1.5V，单放机的电压是6V，所以需要4节干电池串联使用。【点评】本题考查了学生对家庭电路电压和串联电池组电压特点的了解与掌握，属于基础题目。2．（3分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示，灯泡L1和L2串联在电路中，那么三个电表甲、乙、丙分别是：甲是 电压 表，乙是 电流 表，丙是 电压 表。【分析】电流表在电路中相当于导线，电压表相当于开路，所以电流表不能和用电器并联，电压表不能和用电器串联。【解答】解：要想使两灯串联，中间乙表必须是电流表，这样就把灯泡串联起来了，甲、丙电表必须是电压表，分别测量两个灯泡两端的电压。答：电压；电流；电压。【点评】本题考查学生对电流表和电压表的特点的了解和掌握，是中招的热点。3．（3分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示，当S1闭合、S2断开时，电压表的示数是2.5V；当S1断开、S2闭合时，电压表的示数是6V，则灯L1两端的电压是 2.5 V，L2两端的电压是 3.5 V，电源电压是 6 V。【分析】由电路图可知，两灯泡串联，当S1闭合，S2断开时，电压表测L1两端的电压；当S1断开，S2闭合时，电压表测电源的电压；根据串联电路的电压特点求出L2两端的电压。【解答】解：由电路图可知，当S1闭合、S2断开时和当S1断开、S2闭合时，两灯泡始终串联；当S1闭合、S2断开时，电压表测L1两端的电压，所以灯L1两端的电压U1=2.5V；当S1断开、S2闭合时，电压表测电源的电压，所以电源电压U=6V；根据串联电路的电压特点可知，灯L2两端的电压：U2=U﹣U1=6V﹣2.5V=3.5V。故答案为：2.5；3.5；6。【点评】本题考查了串联电路的电压特点和电压表的示数，关键是根据电路图判断开关闭合、断开时两灯泡始终是串联的。4．（3分）（2013春•吴江区校级期中）小明想得到一个12Ω的电阻，而手边只有2Ω、10Ω、20Ω、30Ω的电阻各一个，你认为可以选其中的 2 Ω和 10 Ω的电阻 串 联可以获得12Ω的电阻。
【分析】串联电路的总电阻等于各串联电阻之和（R=R1+R2），据此分析回答。【解答】解：要得到12Ω的电阻，可以将2Ω和10Ω的电阻串联，R串=2Ω+10Ω=12Ω。故答案为：2；10；串。【点评】本题考查了串联电阻的特点，属于基础题目。5．（3分）（2013春•吴江区校级期中）6.4mV= 6.4×10﹣3 V．600Ω= 6×10﹣4 MΩ。【分析】1mV=10﹣3V，1Ω=10﹣3kΩ=10﹣6MΩ，根据电压和电阻单位间的进率来计算。【解答】解：6.4mV=6.4×10﹣3V．600Ω=600×10﹣6MΩ=6×10﹣4MΩ。故答案为：6.4×10﹣3；6×10﹣4。【点评】此题考查电压和电阻的单位换算，是一道基础题。6．（3分）（2012•淄博校级二模）在如图所示的电路中，电源电压为3V，开关闭合后，电流表和电压表的读数分别是0.10A和2.0V，则通过R2的电流是 0.10 A，R2两端的电压是 1 V，R1的电阻是 20 Ω。【分析】分析电路图可知R1和R2串联在电路中，电压表测R1两端的电压，电流表测通过电路的电流。根据串联电路电流和电压特点及欧姆定律可计算相应的物理量。【解答】解：串联电路各处电流都相等，所以过R2的电流是0.10A。串联电路总电压等于各分电压之和，U2=U﹣U1=3V﹣2.0V=1VR1=故答案为：0.10A，1V，20Ω。【点评】本题考查学生运用欧姆定律计算的能力及对串联电路电流和电压特点的掌握。7．（3分）（2013春•吴江区校级期中）某温度下，两个电阻元件A和B中的电流与其两端的电压关系如图所示，由图可知，电阻元件中A的阻值是 5 Ω，B的阻值是 10 Ω，A和B并联后的总电阻是 3.33 Ω。【分析】首先在图中找出元件A的一组对应电压和电流，利用R=解电阻；再从图中找出元件B的一组对应电压和电流，利用R=解电阻；最后利用并联电路中电阻的关系=+计算并联后的总电阻。【解答】解：从图中找出A对应的电流为IA=0.3A，电压为UA=1.5V，则元件A的阻值为：RA===5Ω；
从图中找出A对应的电流为IB=0.2A，电压为UB=2.0V，则元件A的阻值为：RB===10Ω；并联后的总电阻为：R==Ω≈3.33Ω。故答案为：5；10；3.33。【点评】这类题目要能读懂图象，找出横坐标与纵坐标对应的物理量，然后利用公式计算。8．（3分）（2004秋•朝阳区期末）加在某导体两端的电压是6V，通过这个导体的电流是0.5A，这个导体的电阻是 12 Ω，若在这个导体两端加12V电压，它的电阻是 12 Ω【分析】知道导体两端的电压和通过导体的电流，利用欧姆定律的应用求导体的电阻；电阻是导体的一种特性，其大小取决于导体的长度、横截面积和材料。【解答】解：导体电阻：R===12Ω，当电压为12V时，导体的电阻不变，仍为12Ω，故答案为：12；12。【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，注意：电阻是导体本身的阻碍电流的性质，其大小取决于导体的长度、横截面积和材料，与导体两端的电压和通过的电流大小无关。9．（3分）（2013春•吴江区校级期中）某白炽灯上标有“220V40W”字样，该灯泡正常工作时，通过灯丝的电流是 0.18 A，灯丝的电阻是 1210 Ω，正常工作 25 h消耗1度电。【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=可求通过灯丝的电流；根据公式R=可求灯丝的电阻；已知消耗的电能根据公式t=可求工作的时间。【解答】解：该灯泡正常工作时，通过灯丝的电流是I==≈0.18A；灯丝的电阻R===1210Ω；消耗1度电工作t===25h。故答案为：0.18；1210；25。【点评】本题考查电流、电阻、工作时间等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，本题属于基础题，相对比较简单。10．（3分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示，L为“6V3W”的小灯泡，电源电压为9V，当L正常发光时，通过他的电流是 0.5 A，所串联的电阻的阻值是 6 Ω，每分钟产生的热量是 90 J。【分析】由电路图可知，R与L串联，根据I=
求出通过灯泡的电流；根据欧姆定律分别求出灯泡的电阻和电路的总电阻，再根据电阻的串联求出串联的电阻的阻值；最后根据W=UIt求出该电阻每分钟产生的热量。【解答】解：正常发光时，通过小灯泡的电流：I===0.5A；灯泡的电阻：RL===12Ω；电路的总电阻：R总===18Ω；需要串联的电阻值为：R=R总﹣RL=18Ω﹣12Ω=6Ω；电阻分得的电压为：UR=U﹣UL=9V﹣6V=3V；电阻每分钟产生的热量：W=URIt=3V×0.5A×60s=90J。故答案为：0.5；6；90。【点评】本题考查了串联电路的特点和电功率公式、电功公式、欧姆定律的应用，应注意灯泡正常工作即工作在额定电压下。 二、选择题（每小题2分，共20分）11．（2分）（2013春•吴江区校级期中）一根锰铜线电阻为R，要使这根连入电路的导线电阻变大，采取的措施是（ ）A．减小导线两端的电压B．增大导线中的电流C．将导线拉长后连入电路D．将导线对折后连入电路【分析】影响电阻大小的因素有导体的材料、长度、横截面积，与导体两端的电压、通过的电流无关；材料和温度不变时，导线越长、横截面积越小电阻越大。【解答】解：AB、导体的电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关；所以，改变电压或电流都不能使导线电阻变大，故AB错误；C、将这根导线拉长，长度变长、横截面积变小，其电阻变大，可以使连入电路的导线电阻变大，故C正确；D、将导线对折后接入电路，长度变小、横截面积变大，导线的电阻变小，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对影响电阻大小的因素的了解与掌握，理解导体的电阻是导体的阻碍电流的性质是本题的关键。12．（2分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示是用电压表测L1两端电压的电路图，其中正确的是（ ）A．B．C．D．【分析】根据电压表的正确使用方法判断，①电压表应该并联在被测用电器两端，②应该“正进负出”。
【解答】解：A、图中两灯泡并联，电压表中的电流方向错误，不符合“正进负出”，故A错误；B、图中两灯泡并联，电压表与灯泡L2并联，且电流方向正确，由并联电路的电压特点可知，可以测出L1两端电压，故B正确；C、电压表与灯泡L2串联，故C错误；D、电压表串联在干路中，且电压表中的电流方向错误，故D错误。故选：B。【点评】会正确使用电压表，知道电压表应该并联在被测用电器两端，且电流“正进负出”是解答的关键。13．（2分）（2013春•吴江区校级期中）如图是滑动变阻器的简图，它有四个接线柱，使用时只需接入两个，因此有几种接法，其中不能改变电阻大小并且可能损坏仪器的接法是（ ）A．接a和dB．接b和cC．接a和bD．接c和d【分析】滑动变阻器有四个接线柱，选择一上一下接入电路。如果都接上面两个接线柱，移动滑片不能改变，连入电路的电阻，并且把滑动变阻器短路。如果都接下面两个接线柱，移动滑片不能改变，连入电路的电阻，滑动变阻器相当于定值电阻。【解答】解：滑动变阻器都接上面两个接线柱，移动滑片不能改变，连入电路的电阻，滑动变阻器被短路，电路电阻减小，电路总电压不变，根据欧姆定律，电流增大，会烧坏电路中的其他元件。故选：C。【点评】掌握滑动变阻器接线柱的接法、滑动变阻器连入电路的方法、原理、作用等。14．（2分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示的电路图中，电源电压为24V，R1=R2=120Ω，当S闭合后两电流表的示数均为0.2A，出现这种现象的原因是（ ）A．R2短路B．R2断路C．R1短路D．R1断路【分析】两个电阻并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量支路R2中的电流，开关闭合后两只电流表示数相同，说明两个电流表串联连接，并且其中一条支路断路。【解答】解：因为两个电阻并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量支路R2中的电流，开关闭合后，由于两电流表示数相同，如果发生短路现象，电流表将会被烧坏，因此电路故障一定是其中一个电阻断路，如果R2断路，电流表A2示数为零，所以是R1断路。故选：D。【点评】掌握并联电路的电流规律，并能根据电流表在电路中的作用以及电流表的示数判断电路故障。
15．（2分）（2013春•吴江区校级期中）在图的电路中，电源电压不变，S闭合，当P向右移动时，下列判断正确的是（ ）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．两表示数都变大D．两表示数都变小【分析】从图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，电流表测量的是整个电路中的电流。首先判断滑动变阻器电阻的变化情况，然后根据串联电路中电阻的特点，得出总电阻变化情况。由于电压一定，根据欧姆定律就可以得出电流变化情况。再根据串联电路中用电器分担的电压之比等于电阻之比进行分析，判断电压表的变化。【解答】解：从图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，电流表测量的是整个电路中的电流。当滑片向右滑动时，滑动变阻器的电阻变大，由串联电路中电阻的特点可知，电路中的总电阻变大；∵电路总电压等于电源电压保持不变，∴根据欧姆定律I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；又∵在串联电路中用电器分担的电压之比等于电阻之比，∴滑动变阻器的电阻变大，滑动变阻器上分担的电压变大，即电压表示数变大。故选：A。【点评】本题考查了串联电路的电阻、电压特点和欧姆定律分析动态电路问题。解决这类题目的大体思路是：先分析电阻变化情况，再分析电流变化情况，最后分析电压变化情况；在分析的过程中要合理的选用公式。16．（2分）（2012•巴中）如图所示，V1和V2是完全相同的两个电压表，都有3V和15V两个量程，闭合开关后，发现两个电压表偏转的角度相同，则（ ）A．R1：R2=1：4B．R1：R2=4：1C．R1：R2=1：5D．R1：R2=5：1【分析】由电路的特点可知电压表所测量的电压之间的关系，根据两表的量程及示数相等可得出电压表示数的之比，则由比例关系可求得两电阻上的电压关系，则由串联电路的特点可求得电阻之比。【解答】解：由电路分析可得，R1与R2串联，电压表V1测量R1两端的电压，V2测量R1和R2两端的电压；因两电压表相同，说明两表的刻度盘相同，当选不同的量程但偏角相同时，说明两次示数之比即为量程之比，即；
R2两端的电压U2'=U2﹣U1则可知R1两端的电压V1与R2两端的电压V2′之比为：。由欧姆定律可得：。故选：A。【点评】电路的题目分析电路是解答题目的关键，故应在分析电路上下功夫，掌握常见的电路特点及电表的结构特点。17．（2分）（2010春•重庆校级期末）某同学做实验时，如图连接电路，闭合开关后，灯泡正常发光，但电流表指针不动，电压表读数正常，那么有可能是（ ）A．电流表已被烧坏，致使电路不通B．电流表完好，但未与导线接牢C．灯L的灯座接线处短路D．电流表接线处碰线（电流表被短路）【分析】利用电流表和电压表判断电路中的故障，是中考的热点题型之一，依据在故障电路中电流表和电压表显示的现象来判断。当电流表被短路时，电流表示数为零，但电路正常工作。【解答】解：此电路就一个用电器，正常工作，说明用电器没有断路，也没有短路。又由于电流表指针不动，只能是电流表短路。故选：D。【点评】电压表如果示数为零，那么被测部分短路，或被测部分外部断路。电压表如果示数为电源电压，那么被测部分断路，或被测部分外部短路。电流表如果为零，那么电路中有断路的地方，也有少数可能是电流表短路。电流表如果示数突然变大，那么电路中有短路的地方。两灯均不亮，可能是某处断路。两灯一亮一灭，可能是某灯短路。18．（2分）（2012春•兴安盟期末）根据欧姆定律可导出公式R=，下列说法中正确的是（ ）A．导体的电阻与导体两端电压成正比B．导体的电阻与导体中的电流成反比C．导体的电阻与导体两端的电压成正比，又与导体中的电流成反比D．导体的电阻与本身的材料和属性有关，与电压、电流无关【分析】导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关。【解答】解：导体电阻是导体本身的一种性质，与通过导体的电流及导体两端的电压无关，故A、B、C错误，D正确；故选：D。
【点评】我们根据比值定义法定义了电阻，但是电阻是由导体本身的性质决定的，与通过它的电流及两端的电压是无关的，在学习中要注意体会和理解。19．（2分）（2013春•吴江区校级期中）如图所示，开关S闭合后，移动滑片P，下列物理量中大小发生改变的是（ ）A．小灯泡的额定功率B．小灯泡的额定电流C．小灯泡的实际功率D．电源电压【分析】从电路图中可以看出，灯泡与滑动变阻器串联，当滑片移动时，滑动变阻器接入电路的电阻发生变化，根据欧姆定律可知电路电流的变化，进而判断出灯泡实际功率的变化。【解答】解：当滑片移动时，滑动变阻器接入电路的电阻发生变化，电路电流发生变化，根据公式P=I2R可知灯泡的实际功率发生变化；灯泡的额定电压和额定功率是指灯泡正常工作时的电压和功率，电源电压是由电源本身决定的，都不受滑动变阻器的影响，故都是不变的。故选：C。【点评】本题考查电功率与欧姆定律的应用，关键是额定电压、额定功率和电源电压的决定因素。20．（2分）（2013春•吴江区校级期中）将一台“220V100W”的电风扇和一把“220V100W”的电烙铁分别接在220V的电源上，在相同的时间内产生的热量（ ）A．电烙铁较多B．电风扇较多C．一样多D．不能确定【分析】分别接入220V的电路中，两个用电器都正常工作，实际功率相同（等于额定功率）、通电时间相同，根据W=Pt可知消耗的电能相同，通过分析两个用电器使用时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器。【解答】解：因额定电压下用电器的电功率和额定功率相等，所以，两个用电器的实际功率相等，根据W=Pt可知，相同时间内三种用电器消耗的电能相等，因电风扇中的电动机将电能大部分转化机械能，电烙铁将电能全部转化为内能，所以，产生热量最多的是电烙铁。故选：A。【点评】电流做功的实质：电流做功的过程就是消耗电能转化为其它形式能的过程，能分析用电器的能量转化是本题的关键。 三、作图题（每小题6分，共12分）21．（6分）（2013春•吴江区校级期中）如图是研究串联电路电压关系时，用电压表测电阻两端的电压的实物图V1和V2分别测R1和R2两端的电压：（1）指出图中的错误： 滑动变阻器都选择了上面的接线柱；电压表V1并在了R1、R2两端，测量两者的电压之和 （2）画出改正后的电路图
【分析】（1）从电源的正极开始，沿电流的方向，根据电压表和各用电器的使用规则，逐个分析判断；（2）按实物图画出电路图时也是应按电流的流向去作图，注意应先串后并的原则。【解答】解：（1）从电源的正极开始，沿电流的方向分析；滑动变阻器应“一上一下”的连接，图中都选择了上面的接线柱，显然是错误的；电压表V1测电阻R1两端电压，应仅与电阻R1并联，而图中电压表V1并在了R1、R2两端，测量两者的电压之和，显然是错误的。（2）改正后的电路图如下图：故答案为：（1）滑动变阻器都选择了上面的接线柱；电压表V1并在了R1、R2两端，测量两者的电压之和。（2）见上图。【点评】本题考查根据实物图画电路图，本题的关键是分析出实物图中电路的连接情况，难点是找到连接的错误。22．（6分）（2013春•吴江区校级期中）九（1）班有四盏白炽灯，两个插座请你画出这个班级的连接电路。【分析】先确定各用电器的连接方式，然后确定开关的接线方式，最后根据家庭电路的正确连接方法完成电路。【解答】解：灯泡及插座应为并联，并且灯泡应由开关控制，并且开关要接在火线上；插座的接线应为左接零线，右接火线；故答案为：【点评】解答此类题目应知道开关与控制的用电器串联连接，知道开关与火线连接，知道插座接线的原则，知道家庭电路的正确连接方法。 四、实验探究题（每小题9分，共18分）23．（9分）（2013春•吴江区校级期中）如图是小明用电压表和电流表测2.5V小灯泡正常发光时电阻的电路
（1）该实验的原理是 R= （2）该实验电压表选的量程是 0～3V ，电流表选的量程是 0～0.6A 。（3）闭合开关，电压表的示数如图所示，为了测出2.5V小灯泡正常发光时的电阻，滑动变阻器的滑片应向 右 端移动，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图所示，则灯泡的电阻是 5 Ω。【分析】（1）伏安法测小灯泡正常发光时电阻的实验原理是用电流表测出通过小灯泡的电流，用电压表测出小灯泡两端的电压，根据R=求出电阻的大小。（2）根据小灯泡的额定电压确定电压表的量程。（3）测量2.5V小灯泡正常发光时的电阻，电压表选择0～3V，示数为2.8V，大于2.5V，要使灯泡两端电压减小，滑动变阻器两端电压增大，根据串联电路中电阻起分担电压的作用可知，电阻越大，分担的电压越大；根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，根据R=求出灯泡电阻的大小。【解答】解：（1）测小灯泡正常发光时电阻的实验原理是：R=。（2）小灯泡的额定电压为2.5V，所以电源表的量程为0～3V；电流表选0～0.6A的量程。（3）测量2.5V小灯泡正常发光时的电阻，电压表选择0～3V，电压表示数为2.8V，要减小灯泡两端的电压，需要增大滑动变阻器电阻来分担更多电压，滑片向右端移动；电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以电流表的示数为0.5A；灯泡的电阻为R===5Ω。故答案为：（1）R=；（2）0～3V；0～0.6A；右；5。【点评】本题考查了伏安法测小灯泡电阻的原理，电流表、电压表量程的选择和滑动变阻器的使用；都属于基础内容，是我们要掌握的知识。24．（9分）（2013春•吴江区校级期中）在“测小灯泡的额定功率”（额定电压为2.5V）的实验中：（1）要测出三组电压值和电流值，目的是 测小灯泡在不同电压下的实际功率，并加以比较 （2）下表是“测小灯泡功率”时的记录数据，由此可知，小灯泡的额定功率是 0.55 W。电压电流130.2522.50.22
320.20（3）由欧姆定律我们可以求出小灯泡的电阻值，那么从表中求出的小灯泡的电阻一样吗？为什么？ 不一样，因灯泡的电阻与温度有关 【分析】（1）在“测小灯泡功率”实验中测三组电压值和电流值，是为了测小灯泡在不同电压下的实际功率，并加以比较。（2）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；（3）根据欧姆定律分别求出不同电压下小灯泡的电阻，比较可知电阻不同；当灯的电压不同时，功率不同，灯越亮，灯丝的温度越高，电阻越大。【解答】解：（1）在测小灯泡的额定功率实验中，测出三组电压值和电流值的目的：测小灯泡在不同电压下的实际功率，并加以比较。（2）由表可知：电压达到2.5V时，通过小灯泡的电流为0.22A；则小灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.22A=0.55W。（3）由表可知：灯泡的电压分别为3V、2.5V、2V时，对应的电流为0.25A、0.22A、0.20A，根据欧姆定律R=计算可得对应的电阻为12Ω、11.36Ω、10Ω；由以上计算可知：灯泡两端的电压越大，功率越大，灯丝的温度越高，灯丝的电阻也越大。故答案为：（1）测小灯泡在不同电压下的实际功率，并加以比较；（2）0.55；（3）不一样，因灯泡的电阻与温度有关。【点评】此题考查了“伏安法测电阻”和“测小灯泡功率”两个实验的区别以及额定功率的计算。综合性很强，给解题带来难度。 五、综合运用题（每小题10分，共20分）25．（10分）（2012春•商城县校级期末）如图所示电路中，已知R1=40Ω，R2=10Ω．当开关闭合后，通过电流表示数为0.3A。求：（1）电阻R1两端电压；（2）通过电阻R2的电流；（3）通过电路的总电流；（4）电路的总电阻；（5）R1，R2各自的电功率。【分析】从图可知，电阻R1和R2并联，电流表测量的是通过R1的电流。（1）已知电阻R1的电阻和通过R1的电流，可利用公式U=IR计算电阻R1两端的电压；（2）从并联电路电压的特点可知：U=U1=U2．已知电阻R2的电阻和电阻R2两端的电压，可利用公式I=计算通过电阻R2的电流；（3）知道通过电阻R1和电阻R2的电流，利用并联电路电流的特点，就可计算出电路中的总电流；
（4）知道电源电压和电路中的总电流，可利用公式R=计算电路的总电阻；（5）知道通过电阻R1和电阻R2的电流，以及电阻R1和电阻R2两端的电压，可利用公式P=UI计算R1和R2各自的电功率。【解答】解：从图可知，电阻R1和R2并联，电流表测量的是通过R1的电流I1=0.3A，（1）∵R1=40Ω，I1=0.3A，∴电阻R1两端的电压为：U1=I1R1=40Ω×0.3A=12V；（2）电阻R1和R2并联，从并联电路电压的特点可知：U=U1=U2=12V，∵R2=10Ω，∴通过电阻R2的电流为：I2===1.2A；（3）∵I1=0.3A，I2=1.2A，∴电路中的总电流为：I=I1+I2=0.3A+1.2A=1.5A；（4）∵U=12V，I=1.5A，∴电路的总电阻为：R===8Ω；（5）∵I1=0.3A，I2=1.2A，U1=U2=12V，∴R1的电功率为：P1=U1I1=12V×0.3A=3.6W，R2的电功率为：P2=U2I2=12V×1.2A=14.4W。答：（1）电阻R1两端的电压为12V；（2）通过电阻R2的电流为1.2A；（3）电路中的总电流为1.5A；（4）电路的总电阻为8Ω；（5）R1的电功率为3.6W，R2的电功率为14.4W。【点评】本题考查了电功率公式的计算和欧姆定律公式的计算，弄清并联电路中电流、电压及电阻的关系是解本题的关键，属于中档题。26．（10分）（2013春•吴江区校级期中）阳光牌电水壶的铭牌如表所示：阳光牌电水壶型号LRDH9913额定电压220V额定功率1500W最大水量1kg频率50Hz（1）电水壶在额定电压下工作时的电流是多少？（2）此电水壶正常工作5min消耗多少电能？（3）若实际电压只有110V，则电水壶的实际功率是多少？（不考虑温度对电阻的影响）【分析】（1）电水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出其电流；（2）根据W=Pt算出此电水壶正常工作5min消耗的电能；（3）根据欧姆定律求出电水壶正常工作时电热丝的电阻；根据P=UI=求出该电水壶的实际功率。
【解答】解：（1）由P=UI可得，电水壶正常工作时的电流：I==≈6.82A；（2）电水壶正常工作5min消耗电能：W=Pt=1500W×5×60s=4.5×105J；（3）由P=UI=可得，电水壶正常工作时电热丝的电阻：R===Ω，实际电压只有110V时，该电水壶的实际功率：P实===375W。答：（1）电水壶正常工作时的电流为6.82A；（2）此电水壶正常工作5min消耗4.5×105J的电能；（3）若实际电压只有110V，则电水壶的实际功率是375W。【点评】本题考查了电功率公式、电功公式的灵活应用，是一道中等计算题。
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