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第六章平面向量及其应用B（提高卷）参考答案与试题解析一．选择题（共8小题）1．（2019秋•长宁区期末）设θ为两个非零向量、的夹角，已知当实数t变化时的最小值为2，则（ ）A．若θ确定，则唯一确定B．若θ确定，则唯一确定C．若确定，则θ唯一确定D．若确定，则θ唯一确定【解答】解：令f（t）22tt2；∴△＝4（•）2﹣4•4•（cosθ﹣1）≤0恒成立，当且仅当tcosθ时，f（t）取得最小值2，∴（cosθ）22（cosθ）••2，化简sin2θ＝2．∴θ确定，则||唯一确定故选：A．2．（2020春•常州期中）在△ABC中，内角A、B、C所对边分别为a、b、c，若，则∠B的大小是（ ）
A．B．C．D．【解答】解：由正弦定理可知，a＝2RsinA，b＝2RsinB，c＝2RsinC，（R为三角形外接圆半径），因为，所以，，且A，B，C都为锐角，所以，所以﹣tanB＝tan（A+C），整理可得，tan2B＝3，故tanB，B．故选：D．3．（2019•西湖区校级模拟）如图，O是坐标原点，M，N是单位圆上的两点，且分别在第一和第三象限，则||的范围为（ ）A．[0，）B．[0，2）C．[1，）D．[1，2）【解答】解：可设M（cosα，sinα），N（cosβ，sinβ），且0＜α，π＜β，则||，由0＜α，π＜β，可得α﹣β，即有cos（α﹣β）∈[﹣1，0），则||的范围为[0，），故选：A．
4．（2020•福建二模）△ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，且（2b﹣c）cosA＝acosC，b＝2，若边BC的中线等于3，则△ABC的面积为（ ）A．9B．C．3D．【解答】解：由题意得，（2b﹣c）cosA＝acosC，根据正弦定理得，（2sinB﹣sinC）cosA＝sinAcosC，2sinBcosA＝sinAcosC+cosAsinC，2sinBcosA＝sin（A+C），①因为A+B+C＝180°，所以A+C＝180°﹣B，则sinB＝sin（A+C），代入①得，cosA，由0°＜A＜180°，得，A＝60°，∵b＝2，若如图边BC的中线AD等于3，∴2，两边平方可得：4222+2，可得4×32＝c2+12+2，整理可得c2+2c﹣24＝0，解得c＝2，或﹣4（舍去），∴S△ABCbcsinA3．故选：C．5．（2020•大同模拟）在△ABC中，点P满足，过点P的直线与AB，AC所在的直线分别交于点M，N，若，（λ＞0，μ＞0），则λ+μ的最小值为（ ）
A．B．C．D．【解答】解：∵△ABC中，，点P满足，∴∴∵，（λ＞0，μ＞0），∴因为B，P，C三点共线，所以，，λ＞0，μ＞0∴λ+μ＝（λ+μ）（）＝11当且仅当μλ时取“＝”，则λ+μ的最小值为故选：B．6．（2020•麒麟区校级一模）已知数列{an}的前n项和为Sn，且an+1＝an+a（n∈N*，a为常数），若平面内的三个不共线的非零向量，，满足，A，B，C三点共线且该直线不过O点，则S2010等于（ ）A．1005B．1006C．2010D．2012【解答】解：由an+1＝an+a得，an+1﹣an＝a；∴{an}为等差数列；由，所以A，B，C三点共线；∴a1005+a1006＝a1+a2010＝1，∴S20102010＝1005．故选：A．7．（2020•深圳模拟）著名数学家欧拉提出了如下定理：三角形的外心、重心、垂心依次位于同一直线上，且重心到外心的距离是重心到垂心距离的一半．此直线被称为三角形的欧拉线，该定理则被称为欧拉线定理．设点O，H分别是△ABC的外心、垂心，且M为BC中点，则（ ）A．B．
C．D．【解答】解：如图所示的Rt△ABC，其中角B为直角，则垂心H与B重合，∵O为△ABC的外心，∴OA＝OC，即O为斜边AC的中点，又∵M为BC中点，∴，∵M为BC中点，∴．故选：D．8．（2020•浙江模拟）若AB＝4，，平面内一点P，满足，sin∠PAB的最大值是（ ）A．B．C．D．【解答】解：由向量关系AB＝4，，平面内一点P，满足，可得PC是∠APB角平分线，∴PA＝3PB，构造阿波罗尼斯圆，A（﹣2，0），B（2，0），设P（x，y），则：3，解得圆的方程为：（x）2+y2．圆的圆心坐标，半径为AP为圆Q切线时，∠PAB最大，sin∠PAB，故选：C．
二．多选题（共4小题）9．（2020春•潍坊月考）设P是△ABC所在平面内的一点，，则（ ）A．B．C．D．【解答】解：显然成立，C对，∵，∴，∴，∴，∴，D对，∴，A错，∴，B错，故选：CD．10．（2020春•如东县校级月考）下列命题中，正确的是（ ）A．在△ABC中，A＞B，∴sinA＞sinBB．在锐角△ABC中，不等式sinA＞cosB恒成立C．在△ABC中，若acosA＝bcosB，则△ABC必是等腰直角三角形D．在△ABC中，若B＝60°，b2＝ac，则△ABC必是等边三角形【解答】解：对于A，由A＞B，可得：a＞b，利用正弦定理可得：sinA＞sinB，正确；对于B，在锐角△ABC中，A，B∈（0，），∵A+B，∴AB＞0，∴sinA＞sin（B
）＝cosB，因此不等式sinA＞cosB恒成立，正确对于C，在△ABC中，由acosA＝bcosB，利用正弦定理可得：sinAcosA＝sinBcosB，∴sin2A＝sin2B，∵A，B∈（0，π），∴2A＝2B或2A＝2π﹣2B，∴A＝B或，∴△ABC是等腰三角形或直角三角形，因此是假命题，C错误．对于D，由于B＝600，b2＝ac，由余弦定理可得：b2＝ac＝a2+c2﹣ac，可得（a﹣c）2＝0，解得a＝c，可得A＝C＝B＝60°，故正确．故选：ABD．11．（2019秋•德城区校级月考）已知，是两个单位向量，λ∈R时，|λ|的最小值为，则下列结论正确的是（ ）A．，的夹角是B．，的夹角是或C．|＝1或D．1或【解答】解：∵，是两个单位向量，且的最小值为，∴的最小值为，∴，∴与的夹角为或，∴或3，∴或．故选：BC．12．（2019春•烟台期末）在△ABC中，角A，B，C所对的边分别为a，b，c，且（a+b）：（a+c）：（b+c
）＝9：10：11，则下列结论正确的是（ ）A．sinA：sinB：sinC＝4：5：6B．△ABC是钝角三角形C．△ABC的最大内角是最小内角的2倍D．若c＝6，则△ABC外接圆半径为【解答】解：（a+b）：（a+c）：（b+c）＝9：10：11，可设a+b＝9t，a+c＝10t，b+c＝11t，解得a＝4t，b＝5t，c＝6t，t＞0，可得sinA：sinB：sinC＝a：b：c＝4：5：6，故A正确；由c为最大边，可得cosC0，即C为锐角，故B错误；由cosA，由cos2A＝2cos2A﹣1＝21cosC，由2A，C∈（0，π），可得2A＝C，故C正确；若c＝6，可得2R，△ABC外接圆半径为，故D正确．故选：ACD．三．填空题（共4小题）13．（2020•和平区三模）如图，在四边形ABCD中，已知AB＝2，CD与以AB为直径的半圆O相切于点D，且BC∥AD，若1，则BD＝ 1 ；此时 ．【解答】解：设∠ODB＝∠DBA＝α，，则∠DAB，∵BC∥AD，∴∠ABC＝π﹣∠DAB，而∠ABC＝∠DBA+∠DBC＝α+∠DBC，∴∠DBC，即BD⊥BC，∴2×（2cosα）×cos（π﹣α）+0＝﹣1，
∴，∴，即，在Rt△ABD中，BD，AD，∠ADO，∴．故答案为：1；．14．（2020•呼和浩特二模）如图，某湿地为拓展旅游业务，现准备在湿地内建造一个观景台P，已知射线AB，AC为湿地两边夹角为120°的公路（长度均超过2千米），在两条公路AB，AC上分别设立游客接送点M，N，且AM＝AN＝2千米，若要求观景台P与两接送点所成角∠MPN与∠BAC相等，记∠PMA＝α，观景台P到M，N建造的两条观光线路PM与PN之和记为y，则把y表示为α的函数为y＝ 4sin（α+30°），其中30°＜α＜90° ；当两台观光线路之和最长时，观景台P到A点的距离PA＝ 2 千米．【解答】解：由余弦定理可得MN2＝AM2+AN2﹣2AM•ANcos120°＝4+4﹣2×2×2×（）＝12，则MN＝2∵∠MPN＝∠BAC＝120°，∠PMA＝α，∴∠ANM＝∠AMN＝30°，∴∠PMN＝α﹣30°，∴∠PNM＝90﹣α，由正弦定理可得4，∴PM＝4sin（90°﹣α）＝4cosα，PN＝4sin（α﹣30°）＝2sinα﹣2cosα，∴y＝PM+PN＝4cosα+2sinα﹣2cosα＝2sinα+2cosα＝4sin（α+30°），其中30°＜α＜90°，∴60°＜α+30°＜120°，∴sin（α+30°）≤1，∴当α＝60°时，此时PM+PM的长度最长，
此时PM＝PN＝2，∴PA＝2，故答案为：4sin（α+30°），其中30°＜α＜90°，2．15．（2020•浙江）设，为单位向量，满足|2|，，3，设，的夹角为θ，则cos2θ的最小值为 ．【解答】解：设、的夹角为α，由，为单位向量，满足|2|，所以44•4﹣4cosα+1≤2，解得cosα；又，3，且，的夹角为θ，所以•34•4+4cosα，2•2+2cosα，9610+6cosα；则cos2θ，所以cosα时，cos2θ取得最小值为．故答案为：．16．（2020•江苏）在△ABC中，AB＝4，AC＝3，∠BAC＝90°，D在边BC上，延长AD到P，使得AP＝9．若m（m）（m为常数），则CD的长度是 0或 ．【解答】解：如图，以A为坐标原点，分别以AB，AC所在直线为x，y轴建立平面直角坐标系，则B（4，0），C（0，3），
由m（m），得，整理得：＝﹣2m（4，0）+（2m﹣3）（0，3）＝（﹣8m，6m﹣9）．由AP＝9，得64m2+（6m﹣9）2＝81，解得m或m＝0．当m＝0时，，此时C与D重合，|CD|＝0；当m时，直线PA的方程为yx，直线BC的方程为，联立两直线方程可得xm，y＝3﹣2m．即D（，），∴|CD|．∴CD的长度是0或．故答案为：0或．四．解答题（共5小题）17．（2020•运城模拟）△ABC的角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知sinA﹣sinC（sinB﹣sinC）．（1）求角A；（2）从三个条件：①a＝3；②b＝3；③△ABC的面积为3中任选一个作为已知条件，求△ABC周长的取值范围．
【解答】解：（1）因为，所以，得b2+c2﹣a2＝bc，所以，因为A∈（0，π），所以．（2）分三种情况求解：选择①a＝3，因为，由正弦定理得，即△ABC的周长，因为，所以，即△ABC周长的取值范围是（6，9]．选择②b＝3．因为，由正弦定理得，即△ABC的周长，因为，所以，所以，即△ABC周长的取值范围是（6，+∞）．选择③．因为，得bc＝12，由余弦定理得a2＝b2+c2﹣bc＝（b+c）2﹣3bc＝（b+c）2﹣36，即△ABC的周长，因为，当且仅当时等号成立，
所以．即△ABC周长的取值范围是．18．（2020•江苏四模）在△ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c．已知cosA．（1）若△ABC的面积为3，求的值；（2）设（2sin，1），（cosB，cos），且∥，求sin（B﹣2C）的值．【解答】解：（1）因为cosA，所以sinA则S△ABC||•||sinA||•||＝3，即||•||，又cosA，所以；（2）因为∥，所以2sincoscosB，即sinB＝cosB，所以B，因为sinA，cosA，sinB＝cosB，所以sinC＝sin（A+B）＝sinAcosB+cosAsinB，cosC＝﹣cos（A+B）＝﹣cosAcosB+sinAsinB，则sin2C＝2sinCcosC＝2，cos2C＝2cos2﹣1＝21，所以sin（B﹣2C）＝sinBcos2C﹣cosBsin2C（）．19．（2020•武昌区模拟）已知△ABC中三个内角A，B，C所对的边为a，b，c，且B，b＝2．（1）若c，求sinA的值；（2）当取得最大值时，求A的值．【解答】解：（1）在△ABC中，由正弦定理得，则sinC，
因为b＞c，所以C，则sinA＝sin（π﹣B﹣C）＝sin（B+C）＝sinBcosC+cosBsinC；（2）bacosC＝2acosC＝2cosCsinA（A）sinA（cosAsinA）＝2sin（2A）当且仅当2A，即A时取到最大值．20．（2020春•丽水期末）已知向量（cosx+sinx，cosx），（cosx﹣sinx，﹣2sinx），记函数f（x）•．（Ⅰ）求函数f（x）在上的取值范围；（Ⅱ）若g（x）＝f（x+t）为偶函数，求|t|的最小值．【解答】解：（Ⅰ）f（x）（cosx+sinx）（cosx﹣sinx）﹣2sinxcosx＝cos2x﹣sin2xsin2x＝cos2xsin2x＝2cos（2x），因为x∈[0，]，则，所以﹣1≤cos（2x），则f（x）的取值范围为[﹣2，1]；（Ⅱ）若g（x）＝f（x+t）＝2cos（2x+2t）为偶函数，则2tkπ（k∈Z），即t（k∈Z），故|t|的最小值为．
21．（2020•泰安模拟）在①asinCC；②5ccosB+4b＝5a；③（2b﹣a）cosC＝ccosA，这三个条件中任选一个，补充在下面问题中，然后解答补充完整的题目．在△ABC中，内角A，B，C所对的边分别为a，b，c．且满足______．（1）求sinC；（2）已知a+b＝5，△ABC的外接圆半径为，求△ABC的边AB上的高h．【解答】解：选择条件①：（1）因为，所以由正弦定理得，即，故，又A∈（0，π），故sinA≠0，所以．由．所以，（2）由正弦定理得，由余弦定理得，所以，于是得△ABC的面积，所以，选择条件②：（1）因为5ccosB+4b＝5a，由正弦定理得5sinCcosB+4sinB＝5sinA，即5sinCcosB+4sinB＝5sin（B+C）＝5sinBcosC+5cosBsinC，于是sinB（4﹣5cosC）＝0，在△ABC中，sinB≠0，所以，，
（2）由正弦定理得，由余弦定理得c2＝a2+b2﹣2abcosC，所以，于是得△ABC的面积，所以，选择条件③：（1）因为（2b﹣a）cosC＝ccosA，所以由正弦定理得（2sinB﹣sinA）cosC＝sinCcosA，所以2sinBcosC＝sin（A+C）＝sinB，因为B∈（0，π），所以，又C∈（0，π），所以，所以．（2）由正弦定理得，由余弦定理得，所以，于是得△ABC的面积，所以．
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