资料简介
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醴陵二中 醴陵四中
2017年上学期期中考试两校联考高二年级数学(理)考试试卷
命题学校:醴陵四中 命题人: 审题人:
时量:120分钟 总分:150分
一、选择题(共12小题,每小题5分,共计60分)
1.已知复数z满足,那么的虚部为( )
A.1 B. -i C. D.i
2.定积分的值为( )
A. B. C. D.
3.观察下列各式:,,,….若,则=( )
A.43 B. 73 C.57 D.91
4.按ABO血型系统学说,每个人的血型为A,B,O,AB型四种之一,依血型遗传学,当且仅当父母中至少有一人的血型是AB型时,子女的血型一定不是O型,若某人的血型的O型,则父母血型的所有可能情况有( )
A.12种 B.6种 C.9种 D.10种
5.曲线与坐标轴所围成图形面积是( )
A.4 B.2 C. D.3
6.的展开式中常数项是( )
A. 160 B.-20 C.20 D.-160
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7.用数学归纳法证明“,从 “到”时,左边应增添的式子是 ( )
A. B.
C. D.
8.某商场从生产厂家以每件20元的价格购进一批商品.若该商品零售价定为P元,销售量为Q件,且销量Q与零售价P有如下关系:Q=8300-170P-P2,则最大毛利润为(毛利润=销售收入-进货支出)( )
A.30元 B.60元
C.23000元 D.28000元
9.若,则等于( )
A.-2 B. 4 C.2 D.-4
10.用红、黄、蓝三种颜色给如图所示的六个相连的圆涂色,若每种颜色只能涂两个圆,且相邻两个圆所涂颜色不能相同,则不同的涂色方案的种数是( )
A.12 B.24 C.36 D.30
11.若不等式2xln x≥-x2+ax-3对x∈(0,+∞)恒成立,则实数a的取值范围是 ( )
A.(-∞,0) B.(0,+∞)
C. (-∞,4] D.[4,+∞)
12.是定义在上的函数, 若存在区间, 使函数在上的值域恰为,则称函数 是型函数.给出下列说法:
①不可能是型函数;
②若函数是型函数, 则,;
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③设函数是型函数, 则的最小值为;
④若函数 是型函数, 则的最大值为.
下列选项正确的是( )
A.②④ B.②③ C.①③ D.①④
二、填空题(共4小题,每小题5分,共计20分)
13、已知函数在处有极大值,在处极小值,
则 ,
14. 设是虚数单位,复数 为纯虚数,则实数的值为 .
15. 在平面直角坐标系中,若曲线在(e为自然对数的底数)处的切线与直线垂直,则实数a的值为 .
16. 已知集合,以下命题正确的序号是 .
①如果函数,其中,那么的最大值为。
②数列满足首项,,当且最大时,数列有2048个。
③数列满足,, ,如果数列中的每一项都是集合M的元素,则符合这些条件的不同数列一共有33个。
④已知直线,其中,而且,则一共可以得到不同的直线196条。
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三、解答题(共6小题,17题10分,18至22题每题12分,共计70分)
17. 已知复数
(1)m取什么值时,z是实数?
(2)m 取什么值时,z是纯虚数?
18.(2x-3)4=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4,求
(1)a1+a2+a3+a4.
(2)(a0+a2+a4)2-(a1+a3)2.
19. 6个人坐在一排10个座位上,问
(1)空位不相邻的坐法有多少种?
(2)4个空位只有3个相邻的坐法有多少种?
(3)4个空位至多有2个相邻的坐法有多少种?
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20. 用长为90cm,宽为48cm的长方形铁皮做一个无盖的容器,先在四角分别截去一个小正方形,然后把四边翻转90°角,再焊接而成(如图),问该容器的高为多少时,容器的容积最大?最大容积是多少?
21. 设,其中为正整数.
(1)求的值;
(2)猜想满足不等式的正整数的范围,并用数学归纳法证明你的猜想
22. 已知函数,其中为常数.
(1)若,求曲线在点处的切线方程;
(2)若,求证:有且仅有两个零点;
(3)若为整数,且当时,恒成立,求的最大值.
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答案部分
一、选择题(共12小题,每小题5分,共计60分)
ABBCD DCCDD CA
二、填空题(共4小题,每小题5分,共计20分)
13. -3, -9 14. 15. 16. ②③④
三、解答题(共6小题,17题10分,18至22题每题12分,共计70分)
17.(本小题满分10分)
(1)解
当时,z为实数 5分
(2)解:
当时,z为纯虚数 10分
18. (本小题满分12分)
解:(1)由(2x-3)4=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4,
令x=1得(2-3)4=a0+a1+a2+a3+a4,
令x=0得(0-3)4=a0,
所以a1+a2+a3+a4=a0+a1+a2+a3+a4-a0=(2-3)4-81=-80. 6分
(2)在(2x-3)4=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4中,
令x=1得(2-3)4=a0+a1+a2+a3+a4.①
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令x=-1得(-2-3)4=a0-a1+a2-a3+a4.②
所以由①②有(a0+a2+a4)2-(a1+a3)2
=(a0-a1+a2-a3+a4)(a0+a1+a2+a3+a4)
=(-2-3)4(2-3)4=(2+3)4(2-3)4=625. 12分
19. (本小题满分12分)
解:(1) 4分
(2) 8分
(3) 12分
20. (本小题满分12分)
解:根据题意可设容器的高为x,容器的体积为V,
则有V=(90﹣2x)(48﹣2x)x=4x3﹣276x2+4320x,(0<x<24) 5分
求导可得到:V′=12x2﹣552x+4320 6分
由V′=12x2﹣552x+4320=0得x1=10,x2=36.
所以当0<x<10时,V′>0,
当10<x<24时,V′<0, 10分
所以当x=10,V有最大值V(10)=19600 11分
答:当高为10,最大容积为19600. 12分
21. (本小题满分12分)
解:(1)
3分
(2)猜想: 5分
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证明:①当时,成立 6分
②假设当时猜想正确,即
∴ 7分
由于
∴,即成立 11分
由①②可知,对成立 12分
22. (本小题满分12分)
解:(1)当k=0时,f(x)=1+lnx.
因为f′(x)=,从而f′(1)=1.
又f(1)=1,
所以曲线y=f(x)在点 (1,f(1))处的切线方程y-1=x-1,
即x-y=0. 3分
(2)当k=5时,f(x)=lnx+-4.
因为f ′(x)=,从而
当x∈(0,10),f ′(x)<0,f(x)单调递减;
当x∈(10,+∞)时,f ′(x)>0,f(x)单调递增.
所以当x=10时,f(x)有极小值.
因f(10)=ln10-3<0,f(1)=6>0,所以f(x)在(1,10)之间有一个零点.
因为f(e4)=4+-4>0,所以f(x)在(10,e4)之间有一个零点. 7分
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从而f(x)有两个不同的零点.
(3)方法一:由题意知,1+lnx->0对x∈(2,+∞)恒成立,
即k<对x∈(2,+∞)恒成立.
令h(x)=,则h′(x)=.
设v(x)=x-2lnx-4,则v′(x)=.
当x∈(2,+∞)时, v′(x)(x)>0,所以v(x)在(2,+∞)为增函数.
因为v(8)=8-2ln8-4=4-2ln8<0,v(9)=5-2ln9>0,
所以存在x0∈(8,9),v(x0)=0,即x0-2lnx0-4=0.
当x∈(2,x0)时,h′(x)<0,h(x)单调递减,
当x∈(x0,+∞)时,h′(x)>0,h(x)单调递增.
所以当x=x0时,h(x)的最小值h(x0)=.
因为lnx0=,所以h(x0)=∈(4,4.5).
故所求的整数k的最大值为4. 12分
方法二:由题意知,1+lnx->0对x∈(2,+∞)恒成立.
f(x)=1+lnx-,f ′(x)=.
①当2k≤2,即k≤1时,f′(x)>0对x∈(2,+∞)恒成立,
所以f(x)在(2,+∞)上单调递增.
而f(2)=1+ln2>0成立,所以满足要求.
②当2k>2,即k>1时,
当x∈(2,2k)时,f ′(x)<0, f(x)单调递减,
当x∈(2k,+∞),f ′(x)>0,f(x)单调递增.
所以当x=2k时,f(x)有最小值f(2k)=2+ln2k-k.
从而f(x)>0在x∈(2,+∞)恒成立,等价于2+ln2k-k>0.
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令g(k)=2+ln2k-k,则g′(k)=<0,从而g(k) 在(1,+∞)为减函数.
因为g(4)=ln8-2>0,g(5)=ln10-3<0 ,
所以使2+ln2k-k<0成立的最大正整数k=4.
综合①②,知所求的整数k的最大值为4.
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